高考嘉定二模物理_嘉定区2021年高三物理二模

1.（2005?嘉定区二模）如图所示为某种电子秤的原理示意图，AB为一均匀的滑线电阻，阻值为R，长度为L，两边

2.（2008?嘉定区二模）如图所示，边长为L的正方形区域abcd内存在着匀强电场，一个质量为m、电量为q、初速度

3.（2008?嘉定区二模）如图所示，粗细均匀的U形管，左管封闭一段空气柱，两侧水银面高度差为h，U形管两管间

4.（2014?嘉定区二模）如图甲所示，质量为m、边长为l的正方形金属线框位于绝缘光滑水平面上，线框右边紧贴

5.（2013?嘉定区二模）在“验证凸透镜成像规律”实验中（如图所示），先要将蜡烛、凸透镜（焦距为10厘米）

6.（2013?嘉定区二模）如图所示，高H=0.2米、底面积S=4×10-3米2的圆柱形容器放在水平地面上，容器内盛有h=

7.（2014?嘉定区二模）如图，已知BD是⊙O的直径，点A、C在⊙O上，AB=BC，∠AOB=60°，则∠COD的度数是_____

8.（2014?嘉定区二模）在如图的装置中，重为20牛的物体A处于静止状态（轴中摩擦不计），拉力F1的大小为____

（1）感应电流的方向：顺时针绕向?

ε＝

△?

△t

＝ld

△B

△t

＝0.8×0.5×1＝0.4V?

感应电流大小：I＝

ε

R0+R

＝

0.4

0.4+0.1

=0.8A?

（2）由感应电流的方向可知磁感应强度应增加：B＝B0+

△B

△t

?t

安培力?F＝BId＝(B0+

△B

△t

?t)Id

要提起重物，F≥mg，(B0+

△B

△t

?t)Id＝mg

t＝

( mg Id ?B0)

△B △t

＝

( 2×10 0.8×0.5 ?0.5)

1

=49.5?s?

答：（1）感应电流的方向：顺时针绕向以及感应电流的大小为0.8A；

（2）经过49.5s时间能吊起重物．

（2005?嘉定区二模）如图所示为某种电子秤的原理示意图，AB为一均匀的滑线电阻，阻值为R，长度为L，两边

在竖直方向上有：△y=gT2，则T=

△y g

=

0.4 10

s=0.2s．则v0=

x

T

=

0.4

0.2

m/s=2.0m/s．

横坐标为20cm点的竖直方向的分速度vy=

0.4

0.2

m/s=2m/s，

经历的时间t=

vy

g

=0.2s．

在这段时间内水平位移x=v0t=0.2m，竖直位移y=

1

2

gt2=0.2m，

所以抛出点的横坐标为0.1-0.2=-0.1m=-10cm．

纵坐标为0.15-0.20m=-0.05m=-5cm，

即抛出点的坐标为（-10cm，-5cm）．

那么小球经P点时的重力势能Ep=-mgh=-0.2×10×（0.15+0.05）=-0.4J．

故答案为：2.0；-0.4．

（2008?嘉定区二模）如图所示，边长为L的正方形区域abcd内存在着匀强电场，一个质量为m、电量为q、初速度

解：（1）由力的平衡知识

m0g=kx1

解得x1＝

m0g

k

-------①

（2）受力分析如图所示

kx2=m0g+mg

x2＝

(m+m0)g

k

----------②

（3）由电学公式

E=IR---------------③

U=IRx--------------④

Rx

R

＝

x

L

--------------⑤

据题意?x=x2-x1---------⑥

由①、②、⑥式得x＝

mg

k

------⑦

由③、④、⑤、⑦式得m＝

kL

gE

U?

答：（1）托盘上未放物体时，在托盘自身重力的作用下，P1离A的距离x1为

m0g

k

．

（2）托盘上放有质量为m的物体时，P1离A的距离x2

(m+m0)g

k

．

（3）在托盘上未放物体时通常先校准零点，其方法是：调节P2，使P2?离A的距离也为x1，从而使P1、P2?间电压为零．校准零点后，将物体m放在托盘上，则物体质量m与P1、P2间的电压的函数关系式为m＝

kL

gE

U．

（2008?嘉定区二模）如图所示，粗细均匀的U形管，左管封闭一段空气柱，两侧水银面高度差为h，U形管两管间

a→c过程粒子做类平抛运动，

沿v0方向有：L=v0t

垂直v0方向：L=

1

2

at2

又 a=

qE1

m

解得：E1=

2m v 20

qL

根据动能定理得：

qEL=Ek-

1

2

mv02，

联立上两式得Ek=

5

2

m

v

20

故答案为：

2m v 20

qL

，

5

2

m

v

20

．

（2014?嘉定区二模）如图甲所示，质量为m、边长为l的正方形金属线框位于绝缘光滑水平面上，线框右边紧贴

由于整个过程中气体的温度不变，所以气体做的是等温变化，在转动之前，气体的压强为P1=P0-h，转动之后，气体的压强P2=P0-d，由于d＜h，所以在转动90°之后，封闭气体的压强变大，根据P1V1=P2V2可知，封闭气体的体积将减小，所以封闭端水银柱的长度h1增大，开口端水银柱的长度h2减小，所以静止时h1＞h2，所以A正确，BCD错误．

故选A．

（2013?嘉定区二模）在“验证凸透镜成像规律”实验中（如图所示），先要将蜡烛、凸透镜（焦距为10厘米）

t=0时刻线框的速度为零，没有感应电流，不受安培力，线框受到的合力 F合=F0；由于线框做匀加速直线运动，合力不变，所以在t=t0时刻线框受到的合力等于t=0时刻的合力，为F合=F0；

或设线框的加速度为a，由l=

1

2

a

t

20

和F合=ma得：F合=

2ml

t 20

在t=

3

4

t0时刻，由图知外力 F=

5

2

F0

根据牛顿第二定律得：F-F安=ma=F0；

解得：安培力 F安=

3

2

F0

则线框的发热功率与外力F的功率之比P热：PF=F安v：Fv=

3

2

F0v：

5

2

F0v=3：5．

故答案为：F0或

2ml

t 20

；?3：5

（2013?嘉定区二模）如图所示，高H=0.2米、底面积S=4×10-3米2的圆柱形容器放在水平地面上，容器内盛有h=

（1）烛焰、凸透镜、光屏三者的中心大致在同一高度，像才能呈在光屏的中央位置，所以要调整烛焰、凸透镜、光屏的中心大致在同一高度．

（2）凸透镜的焦距是10cm，物距u=50cm-20cm=30cm，u＞2f，成倒立、缩小的实像，2f＞v＞f，所以光屏在60cm～70cm刻度范围内移动，光屏上才能接到清晰的像．

故答案为：烛焰；凸透镜；光屏；C、D；光屏．

（2014?嘉定区二模）如图，已知BD是⊙O的直径，点A、C在⊙O上，AB=BC，∠AOB=60°，则∠COD的度数是_____

（1）容器内水的体积V=sh=4×10-3m2×0.18m=0.72×10-3m3

∵ρ=

m

V

∴容器中水的质量m=ρV=1.0×103kg/m3×0.72×10-3m3=0.72kg．

（2）水对容器底的压强p=ρgh=1.0×103kg/m3×9.8N/kg×0.18m=1.765×103Pa

∵P=

F

s

∴水对容器底部的压力F=ps=1.765×103Pa×4×10-3m2=7.056N．

（3）①∵容器的高H=0.2米，容器内盛有h=0.18米高的水，

∴当水的深度达到0.2m时（即水的深度增加0.02m时，）底部的压强达到最大值，

∴当实心立方体物块轻轻浸入容器中的水中排开的水的体积：V排=s△h=4×10-3m2×0.02m=0.8×10-4m3

∵实心立方体物块的体积V物=1×10-4m3

∴V排＜V物；?

∴此物块漂浮在水面上

则由F浮=G排=G物=ρ物V物g=ρ水V排g

∴ρ物=

ρ水V排

V物

=

1.0×103kg/m3×0.8×10?4m3

1×10?4m3

=0.8×103kg/m3

②当水的深度达到0.2m时底部的压强达到最大值，

p最大=ρgH=1.0×103kg/m3×9.8N/kg×0.2m=1960Pa．

答：（1）容器中水的质量为0.72kg．

（2）水对容器底部的压力为7.056N．

（3）实心物块的密度至少为 0.8×103kg/m3时，水对容器底部的压强达到最大值；最大压强值为1960Pa．

（2014?嘉定区二模）在如图的装置中，重为20牛的物体A处于静止状态（轴中摩擦不计），拉力F1的大小为____

∵

AB

=

BC

，∠AOB=60°，

∴∠BOC=∠AOB=60°，

∵BD是⊙O的直径，

∴∠BOD=180°，

∴∠COD=180°-∠BOC=120°．

故答案为120．

由图知，该装置是定滑轮，

∵不计摩擦，

∴拉力F=G=20N，

拉力端移动的距离：

s=h=2m，

拉力做功：

W=Fs=20N×2m=40J．

因为物体的高度增加、质量不变，因此重力势能增大．

故答案为：20；40；增大．